Problema 1 Cono Sur 2018

[jujumas]

En un cuadrilátero convexo $ABCD$ se conoce que:
$\bullet$ $R$ y $S$ son puntos en el interior de los segmentos $CD$ y $AB$ respectivamente con $AD=CR$ y $BC=AS$.
$\bullet$ $P$ y $Q$ son los puntos medios de $DR$ y $SB$ respectivamente.
$\bullet$ $M$ es el punto medio de $AC$.
Si se sabe que $\angle MPC + \angle MQA = 90^{\circ}$, demostrar que $ABCD$ es un cuadrilátero cíclico.

[jujumas]

Solución:

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Figura de análisis:

Cono2018-P1.png

Sean $X$ el reflejo de $C$ por $P$ e $Y$ el reflejo de $A$ por $Q$. Como $XP=PC$ y $DP=PR$, $XD=RC=AD$. Además, por base media, $\angle MPC = \angle AXC = \angle AXD$, y como $XD=AD$, $2\angle AXD=\angle ADC$. Luego, $2\angle MPC = \angle ADC$ y, análogamente $2\angle MQA= \angle ABC$, pero como $2\angle MPC + 2\angle MQA = 180^{\circ}$, tenemos que $\angle ADC + \angle ABC = 180^{\circ}$ y que $ABCD$ es cíclico.

[AgusBarreto]

Otra:

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Sea $X$ el punto medio de $AR$ y $N$ el punto medio de $CS$. Llamamos $M\widehat{P}C=\alpha$

Trazamos $XP$ y $XM$ que son respectivamente bases medias de los triángulos $ARD$ y $ARC$, y por lo tanto $XP=XM=\frac{AD}{2}$. Como $DC||XM$ tenemos $M\widehat{P}C=P\widehat{M}X=\alpha$ y a su vez $X\widehat{P}M=\alpha$ por isósceles. Finalmente por ser $PX||AD$ tenemos $X\widehat{P}M+M\widehat{P}C = A\widehat{D}R=2\alpha$.

Ahora vamos a hacer lo mismo del otro lado.

Trazamos $QN$ y $NM$ que son respectivamente bases medias de los triángulos $CSB$ y $CSA$, y por lo tanto $QN=NS=\frac{BC}{2}$. Como $AB||NS$ tenemos $S\widehat{Q}M=Q\widehat{M}N=90-\alpha$ y a su vez $M\widehat{Q}N=\alpha$ por isósceles. Finalmente por ser $QN||BC$ tenemos $M\widehat{Q}N+M\widehat{Q}A=A\widehat{B}C=180-2\alpha$. Y como los ángulos opuestos son suplementarios obtuvimos lo pedido.■